2018年防城港中考物理沖刺試題word版（含解析）

A．

電能

B．

電壓

C．

電阻

D．

電流

考點：

電功的測量．3793881

專題：

電能和電功率．

分析：

電能表測量的是一段時間內家庭電路消耗的電能，串聯在電路中使用．

解答：

解：A、電能表是用來測量電路消耗電能的儀表，故A正確；

B、電壓需要用電壓表測量，不能用電能表測量，故B錯誤；

C、電阻應該用歐姆表測量，不能用電能表測量，故C錯誤；

D、電流應該用電流表測量，不能用電能表測量，故D錯誤；

故選A．

點評：

本題考查了電能表的作用，對常見儀表、儀器、工具要知道它的用途，并會正確使用．

A．

松香

B．

瀝青

C．

玻璃

D．

海波

考點：

晶體和非晶體的區別．3793881

專題：

溫度計、熔化和凝固．

分析：

常見的晶體有各種金屬，海波，冰、食鹽、固態的酒精等；常見的非晶體有石蠟、玻璃、瀝青、松香．

解答：

解：松香、瀝青、玻璃都是非晶體，海波是晶體．

故選D．

點評：

晶體和非晶體的區別是晶體有確定的熔點和凝固點，而非晶體沒有．

A．

手影

B．

筆在水面處“折斷”

C．

水面上景物的“倒影”

D．

透過放大鏡看郵票

考點：

光的反射．3793881

專題：

光的傳播和反射、平面鏡成像．

分析：

（1）光的反射現象，知道平面鏡成像是由于光的反射形成的．

（2）光的折射現象，知道水底看起來比實際的要淺、斜插入水中的筷子向上折、海市蜃樓、凸透鏡成像都是光的折射．

（3）光沿直線傳播現象，知道影子的形成、日月食的形成、小孔成像都是光沿直線傳播形成的．

解答：

解：A、手影是由光沿直線傳播形成的．不符合題意．

B、從水中筆上反射的光斜射入空氣中，發生折射，折射光線遠離法線，當人逆著折射光線的方向看時，看到的是鉛筆的虛像，比實際位置偏高，所以感覺折斷了，不符合題意；

C、平靜水面上景物的“倒影”，屬于平面鏡成像，是由于光的反射形成的，符合題意．

D、用放大鏡看郵票時，郵票變大，屬于凸透鏡成像，是由于光的折射形成的．不符合題意．

故選C．

點評：

此題主要考查了光的直線傳播、光的折射、光的反射現象．光的直線傳播是光在同一均勻介質中的傳播，光的反射是光照射到物體表面又返回的現象，光的折射是由于光從一種介質斜射入另一種介質或在不均勻介質中傳播時，傳播方向發生變化的現象．它們之間有本質的區別，要注意區分．

A．

鐵線

B．

玻璃

C．

塑料

D．

橡膠

考點：

導體．3793881

專題：

電流和電路．

分析：

容易導電的物體是導體，不容易導電的物體是絕緣體，根據導體和絕緣體的定義即可作出判斷．

解答：

解：鐵線容易導電，是導體；玻璃、塑料、橡膠不容易導電，屬于絕緣體．

故選A．

點評：

本題考查了導體和絕緣體的概念，對于常見的導體和絕緣體可以聯系它們在日常生活和工業生產中的應用來記憶，不要死記硬背．

A．

110g

B．

100g

C．

90g

D．

10g

考點：

質量及其特性．3793881

專題：

質量及其測量．

分析：

物體所含物質的多少叫質量，質量是物體本身的一種屬性，與物體的形狀、狀態、位置和溫度無關，與物體所含物質多少有關．

解答：

解：

質量為100g的水結成冰后，只是狀態發生變化，物質多少沒有變化，所以質量仍然是100g．

故選B．

點評：

此題考查的是質量的特點，熟悉質量的決定因素是解決此類問題的關鍵．

A．

響度不同

B．

音色不同

C．

音調不同

D．

節奏不同

考點：

音色．3793881

專題：

應用題；聲現象．

分析：

不同發聲體的材料和結構不同，音色會不同，我們是靠音色來辨別樂器的種類．

解答：

解：因為二胡和小提琴的材料和結構不同，它們產生的音色不同，所以是根據音色分辨出的．

故選B．

點評：

掌握聲音的三個特性，掌握三個特性的影響因素，音調和響度容易混淆，注意區分．

A．

動能增加，重力勢能不變

B．

動能不變，重力勢能增加

C．

動能和重力勢能都增加

D．

動能不變，機械能也不變

考點：

動能和勢能的大小變化．3793881

專題：

機械能及其轉化．

分析：

動能與質量和速度有關，質量越大、速度越大則動能越大；

重力勢能與質量和高度有關，質量越大、高度越大則重力勢能越大．

解答：

解：飛船在加速上升的過程中，實驗室的質量不變，由于速度增大，其動能變大；由于上升時高度變大，其重力勢能變大．

故選C．

點評：

（1）掌握動能、重力勢能、彈性勢能的影響因素．

（2）能判斷動能、重力勢能、彈性勢能的變化．

A．

電壓表示數變大，燈變亮

B．

電壓表示數變小，燈變亮

C．

電壓表示數變小，燈變暗

D．

電壓表示數變大，燈變暗

考點：

電路的動態分析．3793881

專題：

電路變化分析綜合題．

分析：

根據實物圖可知，燈泡與鉛筆芯串聯；當銅環從鉛筆芯的a端向b端滑動時，連入電路的電阻減小，總電阻減小，總電壓不變，根據歐姆定律可知，電路中的電流增大．

根據U=IR求得燈泡兩端電壓的變化情況．

根據P=UI求得燈泡的實際功率變化情況．

解答：

解：當銅環從鉛筆芯的a端向b端滑動時，連入電路的電阻減小，總電阻減小，而電源電壓不變，根據I=可知，電路中的電流增大，即電流表的示數變大．

由U=IR可知，燈泡兩端電壓增大，即電壓表的示數增大．

由P=UI求得燈泡的實際功率增大，燈泡變亮．

故選A．

點評：

本題考查了串聯電路的電阻、電壓、電流變化情況；燈泡的亮度取決于燈泡的實際功率，通過判斷燈泡的實際功率判斷燈泡的亮度變化．

A．

吸氣沖程

B．

壓縮沖程

C．

做功沖程

D．

排氣沖程

考點：

內燃機的四個沖程．3793881

分析：

汽油機的四個沖程中只有兩個沖程伴隨有能量的轉化．壓縮沖程中活塞向上運動，汽油和空氣的混合物被壓縮，內能增大，溫度升高，活塞運動的動能轉化為混合氣體的內能；做功沖程中，火花塞冒出電火花，將混合氣體點燃，混合氣體劇烈燃燒，產生高溫高壓的燃氣，推動活塞運動，燃氣的內能轉化為活塞運動的動能．

解答：

解：在做功沖程中，兩個氣門關閉，活塞下行帶動曲軸轉動做功，氣體的內能轉化為機械能；

故選：C．

點評：

內燃機屬于熱機，熱機就是利用內能來工作的機械，將內能轉化為機械能．內燃機中涉及到的能量轉化是經?？疾榈闹R點，需要引起注意．

A．

保險絲燒斷一定是發生了短路

B．

開關要接在火線與用電器之間

C．

只有36V的電壓才是安全的

D．

家用電器的金屬外殼可以不接地

考點：

安全用電原則．3793881

專題：

電與熱、生活用電．

分析：

（1）家庭電流中電流過大原因：短路或總功率過大．

（2）開關要接在火線與被控制的用電器之間．

（3）不高于36V的電壓為安全電壓．

（4）金屬外殼的用電器必須接地．

解答：

解：A、保險絲燒斷，可能是發生了短路，或者是家用電器的總功率過大；故A錯誤；

B、開關要接在火線與用電器之間；故B正確；

C、小于等于36V的電壓為安全電壓，故C錯誤；

D、金屬外殼的用電器必須接地，金屬外殼接地可以防止因漏電，導致金屬外殼帶電而發生觸電事故，故D錯誤．

故選B．

點評：

本題考查了學生對安全用電知識的了解與掌握，平時學習時多了解、多積累，加強安全意識，不能違反．

A．

立即停下來

B．

慢慢停下來

C．

改變運動方向

D．

做勻速直線運動

考點：

牛頓第一定律．3793881

專題：

壓軸題；運動和力．

分析：

根據牛頓第一定律進行分析，即物體在不受任何外力時，總保持靜止狀態或勻速直線運動狀態．

解答：

解：因為小球在運動，當小球所受的一切外力都消失時，小球將保持原來的速度做勻速直線運動．

故選D．

點評：

本題考查學生對牛頓第一定律的掌握情況，注意當物體不受外力時，物體的運動狀態取決于物體原來的運動狀態．

A．

8W

B．

4W

C．

3W

D．

2W

考點：

額定功率．3793881

專題：

壓軸題；電能和電功率．

分析：

由圖知：燈泡和滑動變阻器串聯，電壓表測量滑動變阻器兩端電壓，電流表測量電路電流．已知電源電壓和滑動變阻器兩端電壓，可以得到燈泡兩端電壓；已知燈泡兩端電壓和通過的電流，并且燈泡正常發光，所以利用公式P=UI得到燈泡的額定功率．

解答：

解：

燈泡兩端電壓為U額=U﹣U0=6V﹣2V=4V

燈泡的額定功率為P額=P實=U額I=4V×0.5A=2W．

故選D．

點評：

此題考查的是串聯電路的特點和電功率的計算．需要清楚的是用電器的工作狀態決定于實際功率，只有在額定電壓下用電器的實際功率才等于額定功率．

考點：

近視眼的成因與矯正辦法．3793881

專題：

透鏡及其應用．

分析：

掌握近視眼的成因是解答本題的關鍵，近視眼是由于人眼晶狀體變凸，焦距變短，會聚能力增強．

解答：

解：近視眼是由于人眼的晶狀體變凸，會聚能力增強，像呈在視網膜的前方，故此圖描述的是近視眼的成像情況；因此應佩戴發散透鏡，使光線發散，即近視眼鏡的鏡片是凹透鏡．

故答案為：近視；凹．

點評：

本題主要考查學生對近視眼的成因與矯正方法的認識和了解，是一道基礎題．

考點：

能源的分類．3793881

專題：

能源的利用與發展．

分析：

根據對太陽能實質的了解來回答第一個問題；一次能源是指可直接從自然界獲取并利用的能量，而二次能源則需要從其它能源轉化而來，無法直接獲取．

解答：

解：太陽能是在太陽內部，氫原子核發生聚變，釋放出的核能，這一過程每時每刻在太陽的內部都在進行著，因此，其能量相當巨大；

電能無法從自然界直接獲取和利用，因此屬于二次能源．

故答案為：聚變；二次．

點評：

本題主要考查了對太陽能的了解和對一次能源和二次能源分類的認識，屬基礎內容．

考點：

摩擦力大小的影響因素；力與運動的關系．3793881

專題：

運動和力；重力、彈力、摩擦力．

分析：

掌握影響摩擦力大小的因素：壓力和接觸面的粗糙程度．壓力越大、接觸面越粗糙，滑動摩擦力越大．

掌握力的作用效果：改變物體的形狀或改變物體的運動狀態．

力的大小、方向、作用點都會影響力的作用效果．力越大，效果越明顯．

解答：

解：自行車剎車時，用力越大，剎車皮對車輪的壓力越大，車輪受到的摩擦力也就越大，所以自行車就停得越快．

故答案為：越大；越快．

點評：

此題通過常見的事例考查了學生對影響摩擦力大小的因素，同時考查了力的作用效果與力的大小之間的關系．

考點：

大氣壓強的存在；力的作用效果．3793881

專題：

運動和力；氣體的壓強、流體壓強與流速的關系．

分析：

（1）大氣壓強是由于空氣具有重力和流動性而產生的，吸盤、吸管吸飲料、覆杯實驗等都證明了大氣壓強的存在；

（2）力的作用效果有兩個：一是改變物體的形狀，二是改變物體的運動狀態．

解答：

解：（1）在薄皮鐵桶內放些水，燒開后把開口堵住，再澆上冷水，鐵桶內的氣壓減小，桶內的壓強小于外界大氣壓，在大氣壓的作用下，鐵桶被壓扁了；

（2）薄皮鐵桶被壓扁，大氣壓力改變了鐵桶的形狀，說明力可以改變物體的形狀．

故答案為：大氣壓強；形狀．

點評：

本題結合生活事例考查了大氣壓強和力的作用效果，物理來源于生活，要學以致用．

考點：

汽化及汽化吸熱的特點；擴散現象．3793881

專題：

汽化和液化、升華和凝華；分子熱運動、內能．

分析：

（1）汽化是由液態變成氣態的過程，汽化有兩種方式：蒸發和沸騰．在汽化過程中，需要吸熱．

（2）不同的物質相互接觸時，彼此進入對方的現象，叫擴散．擴散現象說明：分子在不停的做無規則運動．

解答：

解：（1）用酒精擦在他的皮膚上消毒時，他感到皮膚比較涼，是因為酒精要蒸發，蒸發過程要從身體上吸熱，使皮膚的溫度降低．

（2）他聞到酒精的氣味，是由于酒精分子在空氣中發生了擴散現象．

故答案為：汽化；擴散．

點評：

此題主要考查的是汽化現象和擴散現象在生活中的應用，結合生活實際，考查學生應用物理知識解決實際問題的能力．

考點：

額定功率；歐姆定律的變形公式．3793881

專題：

歐姆定律；電能和電功率．

分析：

由電路圖知：燈泡、定值電阻和滑動變阻器串聯，其中電壓表V1測量燈泡和定值電阻的總電壓，電壓表V2測量定值電阻和滑動變阻器的總電壓．

①由電源電壓和電壓表V2示數得到燈泡兩端電壓；由電壓表V1示數和燈泡兩端電壓得到定值電阻兩端電壓；已知定值電阻兩端電壓和功率，利用公式I=得到電路電流；已知燈泡兩端電壓和通過的電流，利用公式P=UI得到燈泡功率，已知燈泡正常發光，所以此時的功率也就是額定功率；

②由電壓表V2示數和定值電阻兩端電壓，可以得到滑動變阻器兩端電壓；已知滑動變阻器兩端電壓和通過的電流，利用公式R=得到滑動變阻器接入電路的電阻，最終得到滑動變阻器的最大阻值．

解答：

解：

①已知燈泡正常發光，所以額定電壓為U額=UL=U﹣U2=11V﹣7V=4V，

定值電阻兩端電壓為U1=6V﹣4V=2V，

∵P=UI，

∴電路電流為I===0.5A，

∴燈泡的額定功率為P額=U額I=4V×0.5A=2W；

②滑動變阻器兩端電壓為U2=7V﹣2V=5V，

∵I=，

∴滑動變阻器接入電路的電阻為R2===10Ω，

滑動變阻器的最大電阻值為2×10Ω=20Ω．

故答案為：2；20．

點評：

此題考查的是串聯電路的特點、歐姆定律的應用和電功率計算公式的應用，熟悉串聯電路特點、正確判斷電壓表的測量位置，是解決此題的關鍵．

考點：

速度的計算；功率的計算．3793881

專題：

壓軸題；長度、時間、速度；功、功率、機械效率．

分析：

①已知小車運動的距離和所用時間，利用公式v=得到運動的速度；

②已知小車受到的拉力和運動速度，利用公式P=Fv得到做功的功率．

解答：

解：

①小車運動的速度為v===2m/s；

②推力做功的功率為P===F?v=100N×2m/s=200W．

故答案為：2；200．

點評：

此題考查的是速度的計算和利用公式P=Fv計算功率，對于功率一定的物體，牽引力與運動速度成反比．

考點：

液體的壓強的計算；壓強的大小及其計算．3793881

專題：

壓軸題；壓強、液體的壓強．

分析：

（1）已知液體至溢口的深度和液體對容器底部的壓強，根據p=ρgh求出水對容器底部產生的壓強；

（2）因為是規則的長方體物塊，因此可利用p=ρgh利用物塊A對容器底部產生的壓強；

把物塊A放入容器中靜止時，木塊漂浮在水面上，根據F浮=ρ水gV排求出木塊排開水的體積，再根據木塊底面積是容器底面積的．可求出水面上升的高度然后可知水對容器底部產生的壓強，問題可解．

解答：

解：（1）放入物塊A前，水對容器底部產生的壓強p=ρgh1=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.15m=1500Pa；

（2）物塊A對容器底部產生的壓強p1=ρAgh木=0.4×103kg/m3×10N/kg×0.15m=600Pa；

∵ρ木＜ρ水，

∴木塊漂浮在水面上，

∵F浮=ρ水gV排=G木，

∴ρ水gs△h=m木g=ρ木V木g

ρ水gs△h=m木g=ρ木sh木g

解得△h=0.02m，

則把物塊A放入容器中靜止時，水對容器底部產生的壓強p2=ρgh2=1.0×103kg/m3×10N/kg×（0.15m+0.02m）=1700Pa；

==．

故答案為：1500；6：17．

點評：

本題考查了學生對液體壓強公式、阿基米德原理、物體的漂浮條件的掌握和運用，難度較大．

考點：

通電螺線管的極性和電流方向的判斷；磁極間的相互作用；安培定則．3793881

專題：

作圖題；磁現象、電生磁．

分析：

由磁極間的相互作用規律：同名磁極相互排斥，異名磁極相互吸引，判斷出通電螺線管的NS極，再由安培定判斷出電流的方向，標出電源的正、負極．

解答：

解：由磁極間的相互作用規律可知通電螺線管的左端為S極，右端為N極；根據安培定則，伸出右手，使右手大拇指指示通電螺線管的N極（右端），則四指彎曲所指的方向為電流的方向，即電流是從螺線管的左端流入的，右端流出，所以電源的左端為正極，右端為負極．

如圖所示：

點評：

本題考查了磁極間的相互作用規律和安培定則的使用．利用定則既可由電流的方向判定磁極磁性，也能由磁極極性判斷電流的方向和線圈的繞法．

考點：

力的示意圖．3793881

專題：

重力、彈力、摩擦力．

分析：

A、B兩物塊疊放在水平面上，在水平恒力F作用下，A、B一起勻速運動，知B處于平衡狀態，據此進行受力分析，再根據力的示意圖的畫法畫出B物體受力示意圖．

解答：

解：由于A、B做勻速運動，B處于平衡狀態，則B受作用，不會受摩擦力作用，因為一旦受摩擦力，B將不再平衡，所以A受到重力G和支持力F的作用，如圖所示：

點評：

本題考查了力的示意圖的畫法，對B進行正確的受力分析是本題的關鍵．

考點：

平面鏡成像的特點、原理、現象及其實驗方案．3793881

專題：

探究型實驗綜合題．

分析：

（1）從厚玻璃板的兩個面都可以當作反射面，會出現兩個像這一角度去分析此題．

（2）物體射出的光線對人眼刺激越強，人眼感覺物體越亮，物體經過平面鏡反射，反射光線進入人眼的光線越多，人眼感到物體的像越亮．在比較亮的環境中，很多物體射出光都對眼睛有刺激，干擾人的視線．

（3）平面鏡成像大小跟物體的大小有關，這是關鍵．

（4）實像能承接在光屏上，虛像不能承接到光屏上．

解答：

解：（1）因為厚玻璃板的兩個面都可以當作反射面，會出現兩個像，影響到實驗效果，所以應選用薄玻璃板，用0.2cm厚的．

（2）在比較明亮的環境中，很多物體都在射出光線，干擾人的視線，在較黑暗的環境中，蠟燭是最亮的，蠟燭射向平面鏡的光線最多，反射光線最多，進入人眼的光線最多，感覺蠟燭的像最亮．所以在比較黑暗的環境中進行實驗．

（3）平面鏡成像大小跟物體大小有關，與物體到平面鏡的距離無關，蠟燭a向玻璃板靠近，像的大小不會變化．

（4）當在a蠟燭像的位置上放一張白紙做屏幕，白紙上不能承接到像，因為平面鏡成虛像．

故答案為：（1）A；（2）較黑暗；（3）不變；（4）不能；虛．

點評：

本題考查學生動手操作實驗的能力并會根據對實驗現象的分析得出正確的結論．此類題目在近幾年中考中頻繁出現，備受出題人青睞，其實解答此類題目往往有規律可循，牢記并緊扣平面鏡成像特點可比較容易的進行解答．

考點：

探究杠桿的平衡條件實驗．3793881

專題：

壓軸題；探究型實驗綜合題．

分析：

（1）在調平杠桿平衡時，杠桿的哪端高，平衡螺母要向哪端移動；

（2）根據杠桿的平衡條件計算出在B點掛的鉤碼個數或拉力的大??；

當拉力F向右傾斜時，分析出力臂的變化結合杠桿的平衡條件判斷力的變化；

（3）若杠桿的支點在杠桿的中點處，此時重力恰好作用在支點，若不在中點，此時杠桿的平衡會受重力的影響，根據重力的方向判斷出重力是使杠桿向哪個方向轉動，從而判斷出測量結果偏差．

解答：

解：（1）杠桿靜止時，杠桿左端下沉，說明右端偏高，平衡螺母需向右調節；

（2）①設杠桿每個格的長度為L，每個鉤碼的重力為G，根據杠桿的平衡條件：

FALA=FBLB4G?3L=FB?2L

解得FB=6G

需掛6個鉤碼．

②若在B點處施加一個豎直向下的拉力，則FB=6G=6×0.5N=3N；

若拉力F向右傾斜時，此時F的力臂變短，根據杠桿的平衡條件，力變大；

（3）若不計杠桿的重力，根據杠桿的平衡條件：

F向上L向上=F向下L向下F′?3L=3G?6L

解得F′=6G=6×0.5N=3N

由于桿的重心在桿的中點，方向豎直向下，重力與鉤碼同時使杠桿向逆時針方向轉動，所以彈簧測力計的示數應大于3N．

故答案為：（1）右；（2）①6；②3；變大；F的力臂變小；（3）重力；3．

點評：

此題是探究杠桿平衡實驗，考查了杠桿的調平及杠桿平衡條件的應用，在利用平衡條件公式時，要注意分析力和對應的力臂．

U（V）

0.5

1.0

1.6

1.9

2.5

3.0

I（A）

0.1

0.2

0.3

0.4

0.5

0.6

考點：

探究電流與電壓、電阻的關系實驗．3793881

專題：

壓軸題；探究型實驗綜合題．

分析：

（1）在連接電路時，注意滑動變阻器要一上一下，根據題目要求選擇下面一個接線柱，滑片離下面一個接線柱越遠，電阻越大；

（2）在連接電路時，為防止電路接錯電流過大，滑片應移至最大阻值處；

（3）根據電流表的示數判斷電路中出現了斷路，根據電壓表的示數判斷哪兒發生了斷路；

（4）①根據其中的一組電流、電壓值，代入公式R=計算出電阻；

②根據電流和電壓的變化，得出電流和電壓的正比例關系；

（5）①主要檢查電流表、電壓表的量程選擇是否合適；

②讀出電流表的數值，根據公式P=UI計算出電功率的值．

解答：

解：（1）滑動變阻器滑片向左移動時，電流表示數增大，說明滑動變阻器的阻值應減小，則應接下面左邊的接線柱，如圖所示：

（2）在連接電路時，開關應斷開；

（3）電流表無示數，說明電路中某處發生了斷路，又因為電壓表有示數，說明與電壓表并聯的導體斷路；

（4）①由第一組數據知，當U=0.5V時，I=0.1A，所以R===5Ω

②由表格中數據知，電阻不變，電壓增大為原來的幾倍，則電流增大為原來的幾倍，可知電阻不變，導體的電流與它兩端的電壓成正比．

（5）①由于電流表的數值不會很大，所以可以選擇0～0.6A的量程，而額定電壓3.8V大于3V，所以電壓表量程應改為0～15V；

②由圖知，電流表的量程為0～0.6A，分度值0～0.02A，所以其示數為0.3A．

P=UI=3.8V×0.3A=1.14W．

故答案為：（1）如上圖；（2）斷開；（3）斷路；（4）①5；②正比；（5）①電壓表選擇0～15V量程；0.3；1.14．

點評：

此題探究“電阻上的電流跟兩端電壓的關系”實驗，考查了有關電路的連接，特別是滑動變阻器的接法，同時考查了電阻的計算和額定功率的計算，在此題中正確讀出電流表的數值很重要；同時考查了電路故障的分析和測量數據的分析．

考點：

電功與熱量的綜合計算；電熱；焦耳定律在實際中的應用．3793881

專題：

計算題；應用題；電和熱綜合題．

分析：

（1）從銘牌知道電熱水器的容積即裝滿水的體積，利用密度公式求水的質量；又知道水的溫度變化和水的比熱容，根據吸熱公式求水吸收的熱量；

（2）根據效率公式求出消耗的電能，利用W=Pt求出給水加熱的時間；

（3）由焦耳定律知道，電流通過導體產生的熱量跟電流的平方、電阻大小和通電時間成正比．電熱水器通電后和連接的銅導線串聯在電路中（通過的電流相等），通電時間是相同的，而電熱水器的電阻比銅導線的電阻大，據焦耳定律分析．

解答：

解：（1）電熱水器裝滿水的體積：

V=10L=1×10﹣2m3，

根據ρ=可得，水的質量：

m=ρ水v=1×103kg/m3×1×10﹣2m3=10kg，

水吸收的熱量：

Q吸=cm（t﹣t0）=4.2×103J/（kg?℃）×10kg×（62℃﹣22℃）=1.68×106J；

（2）∵η=×100%，

∴消耗的電能：

W===2.1×106J，

根據W=Pt可得，給水加熱的時間：

t===1050s；

（3）電熱水器通電后，電熱水器電阻和銅導線串聯，I電爐絲=I導線，通電時間t相同，

∵Q=I2Rt，R電熱水器＞R導線，

∴電流產生的熱量：

Q電熱水器＞Q導線，

從而出現水溫達到最高時，電熱水器連接的銅導線卻不怎么熱的現象．

答：（1）水吸收的熱量為1.68×106J；

（2）給水加熱的時間是1050s；

（3）因為電爐絲的電阻大，產生的熱量多．

點評：

本題考查了密度公式、吸熱公式、效率公式、電功公式和焦耳定律的應用，與生活相連，使學生覺得學了物理有用，計算時注意單位的統一．

考點：

歐姆定律的應用；并聯電路的電流規律；并聯電路的電壓規律；電功率的計算．3793881

專題：

計算題；壓軸題；電路和歐姆定律；電能和電功率；電路變化分析綜合題．

分析：

由電路圖可知，滑動變阻器R1和定值電阻R2并聯，電流表A測干路電流，電流表A1測R2支路的電流．

（1）根據并聯電路的電壓特點和歐姆定律求出R2的阻值；

（2）根據歐姆定律求出當滑動變阻器滑片P在最右端時通過的電流，利用并聯電路的電流特點求出干路電流表的示數；

（3）根據P=UI求出此時電路消耗的最小電功率，由變阻器的銘牌可知通過的最大電流，根據并聯電路的電流特點求出干路最大電流，利用P=UI求出電路消耗的最大電功率，即可求出電路消耗的總功率范圍．

解答：

解：由電路圖可知，滑動變阻器R1和定值電阻R2并聯，電流表A測干路電流，電流表A1測R2支路的電流．

（1）∵并聯電路中各支路兩端的電壓相等，

∴根據歐姆定律可得，R2的阻值：

R2===12Ω；

（2）此時通過滑動變阻器的電流：

I1===0.6A，

∵并聯電路中干路電流等于各支路電流之和，

∴此時電流表A的示數為：

I=I1+I2=0.6A+0.5A=1.1A；

（3）電路消耗的最小總功率：

Pmin=UI=6V×1.1A=6.6W，

由滑動變阻器的銘牌可知，允許通過的最大電流為2A，電路中的最大電流：

I′=I1′+I2=2A+0.5A=2.5A，

電路消耗的最大總功率：

Pmax=UI′=6V×2.5A=15W，

∴在電路安全工作的前提下，移動滑動變阻器滑片P，電路消耗的總功率范圍為6.6W～15W．

答：（1）R2的阻值為12Ω；

（2）此時電流表A的示數為1.1A；

（3）若在電路安全工作的前提下，移動滑動變阻器滑片P，電路消耗的總功率范圍為6.6W～15W．

點評：

本題考查了并聯電路的特點和歐姆定律、電功率公式的應用，關鍵是根據滑動變阻器的銘牌確定電路中的最大電流，同時要注意滑片移動時通過定值電阻的電流不變．

考點：

密度的計算；浮力大小的計算；滑輪（組）的機械效率．3793881

專題：

壓軸題；密度及其應用；浮力；功、功率、機械效率．

分析：

（1）已知物體A重，利用重力公式求其質量，再利用密度公式求物體A的密度；

（2）根據F浮=ρgV排可求得重物A浸沒在水中時受到的浮力；

（3）重物A未露出水面之前，滑輪組的機械效率η==，

（4）當重物A未露出水面之前，人對地面的壓力為F1；則F1+（G﹣F浮+G動）=G，當重物A完全露出水面之后，人對地面的壓力為F2．則F2+（G+G動）=G，再根據F1：F2=3：2．即可求得結論．

解答：

解：（1）mA===75kg，

ρA===5×103kg/m3；

（2）重物A浸沒在水中時受到的浮力F浮=ρgV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.015m3=150N；

（3）重物A未露出水面之前，滑輪組的機械效率η=×100%=×100%=×100%=×100%≈83%，

（4）當重物A未露出水面之前，人對地面的壓力為F1；則F1+（G﹣F浮+G動）=G…①，

當重物A完全露出水面之后，人對地面的壓力為F2．則F2+（G+G動）=G…②，

再根據F1：F2=3：2．解得G=435N．

答：（1）重物A的密度為=5×103kg/m3；

（2）重物A浸沒在水中時受到的浮力為150N；

（3）重物A未露出水面之前，滑輪組的機械效率為83%；

（4）人的重力為435N．

點評：

本題考查了學生對密度公式、重力公式、阿基米德原理、效率公式的掌握和運用，涉及到對物體的受力分析，知識點多、綜合性強，屬于難題！