2018年揚州市中考物理模擬沖刺真題【精編Word版含答案解析】

2018年揚州市中考物理模擬沖刺真題【精編Word版含答案解析】

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一、選擇題（本題共12小題，每小題2分，共24分．每小題給出的四個選項中只有一個選項正確）

1．（2分）為了讓同學們養成關注生活和社會的好習慣，物理老師讓同學們對身邊一些常見的物理量進行估測。以下是他們交流時的一些估測數據，你認為數據最接近實際的是（　　）

A．人體正常體溫約為42℃

B．學生書桌高約為200mm

C．中學生的脈搏跳動一般每分鐘約75次左右

D．在中學生運動會百米賽跑中，獲得冠軍的運動員的平均速度可達15m/s

2．（2分）如圖所示的光現象中，與小孔成像的原理相同的是（　　）

A．

鋼筆“錯位”

B．

茶杯在鏡中的“倒影”

C．

水中筷子“變彎”

D．

屏幕上的“手影”

3．（2分）下列物態變化過程中，需要吸熱的是（　　）

A．初春，早晨河面結有薄冰

B．夏天，打開冰棍紙看到“白氣”

C．深秋，屋頂的瓦上結了一層霜

D．冬天，冰凍的衣服逐漸變干

4．（2分）人類對能源的需求日益增加，需要發展新能源。下列能源中屬于新能源的是（　　）

A．煤????????????? B．太陽能????????????? C．石油????????????? D．天然氣

5．（2分）在下列實驗裝置圖中，能夠說明電磁感應現象的是（　　）

A．????????????? B．????????????? C．????????????? D．

6．（2分）下列科技應用中說法錯誤的是（　　）

A．手機的藍牙實際是一種電磁波

B．電視機的遙控不是通過電磁波實現的

C．超市收銀用的條形碼掃描槍實際發射的是一種激光

D．汽車的倒車雷達實際是對超聲波的應用

7．（2分）規格相同的瓶裝了不同的液體，放在橫梁已平衡的天平上，如圖所示，則（　　）

A．甲瓶液體質量較大????????????? B．乙瓶液體質量較大

C．乙瓶液體密度較大????????????? D．兩瓶液體密度相等

8．（2分）一個人站在平面鏡前，當他向平面鏡走近時，則（　　）

A．像變大，像與人間的距離也變大

B．像變小，像與人間的距離也變小

C．像大小不變，像與人間距離也不變

D．像大小不變，像與人間距離變小

9．（2分）小剛利用電能表測某家用電器的電功率。當電路中只有這個用電器工作時，測得在15分鐘內，消耗電能0.3千瓦時，這個用電器可能是（　　）

A．空調器????????????? B．電冰箱????????????? C．電視機????????????? D．電風扇

10．（2分）如圖所示，小球在A點由靜止開始釋放，向右側擺動。B點是小球擺動的最低點，C點是小球擺到右側最高點，且A、C兩點到B點的豎直距離hA＞hC．在小球從B點擺動到C點的過程中，下列說法正確的是（　　）

A．小球的機械能總量逐漸變小

B．小球運動狀態保持不變

C．小球的動能全部轉化為重力勢能

D．繩的拉力對小球做了功

11．（2分）以下做法中，符合安全用電原則的是（　　）

A．熔絲熔斷后，用銅絲來代替

B．將家用電器的金屬外殼接地

C．用濕布擦抹電器

D．小區停電，不切斷總開關就進行電路維修

12．（2分）圖示電路中，電源為恒流源，能始終提供大小恒定的電流，R0為定值電阻，移動滑動變阻器R的滑片，則下列表示電壓表示數U、電路總功率P隨電流表示數I變化的關系圖線中，可能正確的是（　　）

A．????????????? B．????????????? C．????????????? D．

二、填空題（本題共9小題，每空1分，共27分）

13．（2分）“蟬噪林逾靜，鳥鳴山更幽”詩句中，“蟬”和“鳥”叫聲的區分依據的是聲音的　?? 　不同；茂密的森林有吸聲和消聲的作用，是在　?? 　控制噪聲。

14．（5分）今年4月4日高郵的首屆油菜花節盛大開幕，漫水公路北側的油菜花盛開，吸引了無數游客。

（1）游客漫步在花海中，穿行于河道間，田埂上“香氣襲人知晝暖”，“香氣襲人”是　?? 　現象。詩句表明了分子運動的劇烈程度與　?? 　有關。

（2）蜜蜂在花叢中飛舞，以蜜蜂為參照物，花是　?? 　的（選填“運動”或“靜止”）。人們能聽到蜜蜂飛舞的聲音，卻聽不到蝴蝶飛來這是由于兩種昆蟲翅膀振動的　?? 　不同

（3）游客拍攝照片的照相機鏡頭可用來矯正　?? 　（填“近”或“遠”）視眼。

15．（3分）小明在探究利用杠桿做功的實踐活動中，所用的杠桿是一根質量均勻、重為5N的硬棒，他將棒的一端固定，把重為15N的物體掛在棒的中點，然后用手緩慢豎直向上提起棒的另一端，如圖所示，若把物體提升了10cm，則小明作用在杠桿上的拉力是　?? 　N，此過程中杠桿的機械效率是　?? 　。保持拉力方向不變，讓重物繼續勻速上升，則拉力大小將　?? 　（變大/變小/不變）

16．（3分）小明用彈簧測力計、圓柱體、兩個相同的圓柱形容器，分別裝有一定量的水和鹽水，對浸在液體中的物體所受的浮力進行了探究，其裝置和彈簧測力計示數如圖所示。

（1）分析圖甲、乙、丙，說明浮力的大小與　?? 　有關。

（2）為了探究浮力大小與物體浸沒在液體中的深度有無關系，可選用　?? 　圖的裝置來進行操作。

（3）圓柱體浸沒在水中時受到的浮力是　?? 　N．（g取l0N/kg）

17．（3分）如圖所示，重為5N的物體A在8牛的水平壓力作用下靜止在豎直墻壁上，物體A所受的摩擦力為　?? 　N，方向　?? 　。當水平力減小為原來的一半，物體A恰好沿豎直墻壁勻速下滑，則物體A受到的摩擦力為　?? 　N。

18．（3分）有一種“渦輪增壓”（T型）轎車，通過給發動機更足量的空氣使汽油更充分地燃燒，比普通轎車（L型）更節能，排氣更清潔。同樣的汽油加在T型轎車內比加在L型轎車內熱值　?? 　（填“更大”或“一樣大”或“更小”）；如果散熱器中裝有10kg 20℃的水，在溫度升高50℃的過程中，水吸收的熱量是　?? 　 J；（c水=4.2×103J/（kg?℃））。散熱器中用水做冷卻液而不用其它液體是因為　?? 　。

19．（3分）根據如表所提供的數據（1標準大氣壓下）可知：

（1）80℃的酒精是　?? 　態；

（2）在北方寒冷的季節里，最低氣溫可達﹣50℃，此時應選用　?? 　選填“酒精”或“水銀”）做溫度計的測溫液體。這是因為　?? 　。

20．（2分）如圖所示，電壓U保持不變，在A、B之間先接入一個“6V 3W”的燈L1時，燈L1能正常發光，此時電流表的示數是　?? 　A；在A、B之間換接一個“6V 6W”的燈L2之后，燈L2的實際功率　?? 　 6W（選填“大于”或“等于”或“小于”）。

21．（3分）如圖甲是小明探究“電流一定時，電壓與電阻關系”的實驗電路圖。已知電源電壓U=15V，滑動變阻器上標有“20Ω? 3A”（實際最大阻值略小于20Ω），實驗中所用的四個定值電阻分別為5Ω，10Ω，15Ω，20Ω。

（1）電流表的量程應選　?? 　A。

（2）小明實驗時嘗試在ab間接入5Ω、10Ω、15Ω或20Ω電阻，并調節滑動變阻器，使電路中的電流控制在圖乙所示的數值不變。但他發現當ab間接　?? 　Ω電阻時，無論怎樣移動滑動變阻器的滑片，都不能得到實驗所要求的數據。

（3）為了使這四個電阻都能為實驗所用，電路中電流應改成控制在　?? 　A最合理。

三、解答題（本題共10小題，共49分，解答23、24題時應有解題過程）

22．（2分）如圖表示分別從凸透鏡的兩倍焦距和一倍焦距處射向透鏡的光線。請在圖中畫出它們通過透鏡后的光路（P是與透鏡距離等于2倍焦距的位置）。

23．（2分）一個被按到水里的乒乓球放手后迅速上浮，請在圖中畫出球所受力的示意圖。

24．（2分）如圖所示，是小磁針的一端靠近條形磁體S極靜止時的情景，請在圖中的括號內標出小磁針的N、S極，并用箭頭標出條形磁體外部磁感線的方向。

25．（6分）如圖所示是某餐廳出現的一款餐飲機器人，可以為客人送上涼菜、主食等。

（1）送餐時，機器人在1min內沿直線勻速移動了15m，此過程中機器人運動的速度是多少m/s？

（2）機器人送餐時，總質量為42kg，它與水平地面接觸的總面積為100cm2，則它對地面的壓強是多少？（g取10N/kg）

26．（6分）冬天，人們常用電熱毯來取暖。如圖所示，是某品牌電熱毯的等效電路，有高溫檔和低溫檔，低溫檔電功率為25W，已知電阻R=484Ω．求：

（1）開關S閉合時電熱毯處于　?? 　檔；

（2）電熱毯在低溫檔下工作1小時所消耗的電能；

（3）電阻R0的阻值。

27．（6分）如圖是小明探究凸透鏡成像規律的實驗過程，請完成實驗探究：

（1）如圖，從左到右分別放置蠟燭、凸透鏡和光屏，將三者中心調至　?? 　。

（2）不斷改變蠟燭與凸透鏡間的距離，并移動光屏進行凸透鏡成像實驗，所得數據如表：

（3）由表可知，此凸透鏡的焦距為　?? 　cm

（4）成實像時，物距增大，像距　?? 　（“增大”、“減小”或“不變”）

（5）實驗中隨著蠟燭燃燒，光屏上依然得到燭焰清晰的像，但光屏上像的位置卻偏高，為了使成在光屏上的像不偏高，則應向　?? 　（填“上”或“下”）調節凸透鏡。

（6）實驗中，屏上已成清晰的像，此時固定蠟燭，將透鏡換成一個焦距稍小的凸透鏡實驗，則屏需向　?? 　（填“左”或“右”）移動才能成清晰的像，此刻的像比換鏡前變　?? 　（填“大”或“小”）

28．（6分）下面是小紅同學測量合金塊密度的實驗，請你將實驗過程補充完整。

（1）她把天平放在水平臺上，發現指針偏向分度盤中線右側，馬上調節平衡螺母，你認為小紅在操作上的明顯錯誤是：　?? 　。改正錯誤后，若指針偏向分度盤中線的左側，她應該向　?? 　調節平衡螺母。

（2）如圖甲所示，用調好的天平測出合金塊的質量為　?? 　g。

（3）如圖乙、丙所示，用量筒測合金塊的體積，從而算出合金塊的密度為　?? 　kg/m3。

（4）實驗結束后，她還想測量一粒小花種子的密度，由于花種子很小，無法用天平和量筒直接測量它的質量和體積。但是善于觀察和思考的小紅發現花種子在水中下沉，而在濃鹽水中卻漂浮。她經過認真思考，配制了一種濃度恰當的鹽水，使花種子在其中懸浮…這樣，她就測出了花種子的密度。請你簡說她的測量方法　?? 　。

29．（3分）下面是小明利用吸管做的一些小實驗：

（1）如圖甲所示，用手堵住上端的管口，從水中提起吸管后發現吸管中有一段水柱，這是因為　?? 　；

（2）把長約為12cm的飲料吸管A插在盛水的杯子中，另一根吸管B的管口貼靠在A管的上端。從B管右側向左吹氣，如圖乙所示，可以看到的現象是：吸管A中的水柱上升了，體現的物理知識是　?? 　；

（3）吸管的下端塞入一些銅絲作為配重，并用石蠟將吸管的下端封閉起來，制成一個吸管密度計。將其分別豎直漂浮在不同液體中，如圖丙所示。則露出液面部分的長度越長，則液體的密度越　?? 　（選填“大”或“小”）。

30．（7分）如表是小明測一滑輪組機械效率時收集的有關數據。

（1）請在圖中畫出實驗中滑輪組的繞繩方法；

（2）在實驗過程中，應沿豎直方向　?? 　拉彈簧測力計；

（3）表格中空缺的數據為　?? 　

（4）分析表中數據可知：用同一滑輪組提升不同重物至同一高度，提升的物重增加時，所做的額外功　?? 　，其中除克服動滑輪重所做的額外功外，其它額外功將　?? 　（前兩空選填“變大”、“變小”或“不變”）。造成額外功大小變化的原因是　?? 　。

31．（9分）同學們在“探究小燈泡的亮度與功率的關系”實驗中，所用電源電壓為6V，燈泡的額定電壓U0=3.8V，額定功率在1﹣1.5W的范圍內。

（1）按圖甲所示的電路圖，請你用筆畫線代替導線將圖乙的電路補充完整。

（2）小杜同學在實驗過程中，將滑動變阻器的滑片P緩慢向B端移動，小燈泡的實際功率將　?? 　（選填“變大”、“變小”或“不變”）；同時觀察到小燈泡的亮度將變　?? 　（選填“亮”或“暗”）。

（3）另一組的小張同學在實驗過程中發現電流表、電壓表示數如圖丙所示，此時電流表的示數是　?? 　A，電壓表的示數是　?? 　V，經分析造成這種現象的原因是　?? 　。

（4）小張同學重新調整電路連接后，繼續探究小燈泡在額定功率時的亮度，但發現無法準確讀出額定電壓，他用第（3）小問中所測得數據先算出燈泡的電阻RL，再根據P0=計算燈泡的額定功率。按此方案算出燈的額定功率比真實值偏　?? 　（選填“大”或“小”），原因是　?? 　。

2018年揚州市中考物理模擬沖刺真題參考答案與試題解析

一、選擇題（本題共12小題，每小題2分，共24分．每小題給出的四個選項中只有一個選項正確）

1．（2分）為了讓同學們養成關注生活和社會的好習慣，物理老師讓同學們對身邊一些常見的物理量進行估測。以下是他們交流時的一些估測數據，你認為數據最接近實際的是（　　）

A．人體正常體溫約為42℃

B．學生書桌高約為200mm

C．中學生的脈搏跳動一般每分鐘約75次左右

D．在中學生運動會百米賽跑中，獲得冠軍的運動員的平均速度可達15m/s

【分析】不同物理量的估算，有的需要憑借生活經驗，有的需要簡單的計算，有的要進行單位的換算，最后判斷最符合實際的是哪一個。

【解答】解：

A、正常情況下，人的體溫在37℃左右，變化幅度很小。此選項不符合實際；

B、中學生的身高在160cm左右，課桌的高度大約是中學生身高的一半，在80cm左右。此選項不符合實際；

C、人在平靜狀態下，心跳一次的時間接近1s，所以1min的心跳次數大約75次。此選項符合實際；

D、奧運會男子百米世界紀錄略大于10m/s，一般中學生運動會百米成績不可能達到15m/s．此選項不符合實際。

故選：C。

【點評】對日常生活中的速度、質量、長度、溫度等進行準確的估測，是要求初中學生掌握的一種基本能力，平時注意觀察，結合所學知識多加思考，逐漸培養這方面的能力。

2．（2分）如圖所示的光現象中，與小孔成像的原理相同的是（　　）

A．

鋼筆“錯位”

B．

茶杯在鏡中的“倒影”

C．

水中筷子“變彎”

D．

屏幕上的“手影”

【分析】光在同種、均勻介質中沿直線傳播，日食、月食、影子、小孔成像都是光的直線傳播形成的；

光從一種介質斜射入另一種介質，或在不均勻的介質中，傳播方向發生變化，屬于光的折射，水中的筷子看起來變彎、凸透鏡成像等都是光的折射形成的；

光射到物體表面又被反回的現象叫光的反射，與平面鏡有關的都是光的反射。

【解答】解：小孔成像是光的直線傳播形成的；

A、鋼筆“錯位”，是光在玻璃和空氣兩種介質中傳播發生的折射現象，不符合題意。

B、茶杯在鏡中的“倒影”，是平面鏡成像，屬于光的反射現象，不符合題意；

C、水中筷子“變彎”，是光從水傳向空氣發生的折射現象，不符合題意；

D、屏幕上的“手影”，影子的形成，是光的直線傳播現象，符合題意；

故選：D。

【點評】本題主要考查學生利用光學知識解釋生活中常見的物理現象，此題與實際生活聯系密切，體現了生活處處是物理的理念。

3．（2分）下列物態變化過程中，需要吸熱的是（　　）

A．初春，早晨河面結有薄冰

B．夏天，打開冰棍紙看到“白氣”

C．深秋，屋頂的瓦上結了一層霜

D．冬天，冰凍的衣服逐漸變干

【分析】解決此題要知道物質在發生物態變化時必然要伴隨著吸放熱的進行，其中熔化、汽化、升華過程需要吸熱，凝固、液化、凝華過程需要放熱。

【解答】解：A、液態的水變成固態的冰是凝固，凝固放熱。不合題意。

B、白氣是空氣中的水蒸氣液化形成的液態的小水珠，液化放熱，不合題意。

C、霜是空氣中的水蒸氣凝華形成的小冰晶，凝華放熱，不合題意，

D、冰凍的衣服逐漸變干，固態的冰變成水蒸氣升到空中，是升華，吸熱，符合題意。

故選：D。

【點評】解決此類問題要會正確的判斷物態變化，然后結合吸熱和放熱進行分析判斷。

4．（2分）人類對能源的需求日益增加，需要發展新能源。下列能源中屬于新能源的是（　　）

A．煤????????????? B．太陽能????????????? C．石油????????????? D．天然氣

【分析】要解答本題需掌握新能源的概念。

【解答】解：新能源又稱非常規能源。是指傳統能源之外的各種能源形式。指剛開始開發利用或正在積極研究、有待推廣的能源，如：太陽能、地熱能、風能、海洋能、生物質能和核聚變能等。而煤、石油、天然氣都屬于常規能源。

故選：B。

【點評】本題考查了對新能源的認識和理解，并能分辨生活中常用的能源哪些屬于新能源的范疇。

5．（2分）在下列實驗裝置圖中，能夠說明電磁感應現象的是（　　）

A．????????????? B．????????????? C．????????????? D．

【分析】發電機的工作原理是電磁感應現象：閉合電路的一部分導體在磁場中做切割磁感線運動時，導體中就會產生電流。

【解答】解：AC、電路中有電流，通電導體或線圈受到磁場力的作用發生運動，不符合題意；

B、在外力作用下使線圈轉動，切割磁感應線，如果燈泡發光，說明此時有感應電流產生，這是電磁感應現象，是發電機的工作原理，符合題意。

D、是奧斯特實驗，小磁針發生偏轉說明通電導體周圍有磁場，不符合題意。

故選：B。

【點評】本題涉及的內容有電流的磁效應、電動機的原理和發電機的原理。注意電磁感應和通電導體在磁場中受力運動的裝置的不同，前者外部沒有電源，后者外部有電源。

6．（2分）下列科技應用中說法錯誤的是（　　）

A．手機的藍牙實際是一種電磁波

B．電視機的遙控不是通過電磁波實現的

C．超市收銀用的條形碼掃描槍實際發射的是一種激光

D．汽車的倒車雷達實際是對超聲波的應用

【分析】（1）電磁波可以傳遞信息；

（2）紅外線是電磁波的一種，應用在電視機遙控器、條形碼掃描、紅外線夜視儀等；

（3）超市收銀臺用于錄入商品的掃描器發出的紅光是激光；

（4）聲音既能夠傳遞信息，又能夠傳遞能量。

【解答】解：

A、藍牙是一種無線技術標準，可利用電磁波實現固定設備、移動設備和樓宇個人域網之間的短距離數據交換，故A正確；

B、電視機的遙控器是利用紅外線對電視機進行遙控的，紅外線屬于電磁波，故B錯誤；

C、超市收銀用的條形碼掃描槍實際發射的紅光實際是一種激光，故C正確；

D、汽車的倒車雷達利用的是超聲波的回聲定位，故D正確。

故選：B。

【點評】本題主要考查學生對：電磁波、激光以及超聲波應用的了解，是一道綜合題。

7．（2分）規格相同的瓶裝了不同的液體，放在橫梁已平衡的天平上，如圖所示，則（　　）

A．甲瓶液體質量較大????????????? B．乙瓶液體質量較大

C．乙瓶液體密度較大????????????? D．兩瓶液體密度相等

【分析】規格相同的瓶裝了不同的液體，由圖可知液體的體積不同，天平平衡，說明液體的質量相等，根據密度公式分析即可得出結論。

【解答】解：規格相同的瓶裝了不同的液體，放在橫梁已平衡的天平上，說明液體的質量相等，由圖可知，甲瓶液體的體積大于乙瓶液體的體積，由ρ=可知，甲瓶液體的密度小于乙瓶液體密度，故只有選項C正確。

故選：C。

【點評】此題只要考查密度公式的應用，同時也考查了天平的使用，有一定的綜合性，是一道好題。

8．（2分）一個人站在平面鏡前，當他向平面鏡走近時，則（　　）

A．像變大，像與人間的距離也變大

B．像變小，像與人間的距離也變小

C．像大小不變，像與人間距離也不變

D．像大小不變，像與人間距離變小

【分析】根據平面鏡成像的特點可知：像和物的大小總是相等的，像到平面鏡的距離等于物到平面鏡的距離。

【解答】解：人在平面鏡中的像的大小與人等大，所以無論怎樣走動，像的大小不變；

當人走近鏡子時，他距鏡子的距離減小，所以他的像與鏡子距離也減小，因此像與人的距離變小。

故選：D。

【點評】解決此類問題要結合平面鏡成像特點進行分析解答，此題比較簡單，屬于比較基本的題目。

9．（2分）小剛利用電能表測某家用電器的電功率。當電路中只有這個用電器工作時，測得在15分鐘內，消耗電能0.3千瓦時，這個用電器可能是（　　）

A．空調器????????????? B．電冰箱????????????? C．電視機????????????? D．電風扇

【分析】根據用電器在15分鐘內消耗的電能，利用公式P=求出電功率，再與題目中給出的用電器的功率比較，解答此題。

【解答】解：

用電器工作時間t=15min=h，消耗的電能為W=0.3kW?h，

所以用電器的電功率：

P===1.2kW=1200W；

空調器的電功率一般大于1000W，電冰箱的功率大于100W，但小于1000W，電視機的電功率約為100W，電風扇的電功率約為100W，所以電功率是1200W的用電器可能是空調器。

故選：A。

【點評】本題考查了電功率公式P=的應用，同時考查了學生的常見用電器電功率的了解情況，是基礎性題目。　

10．（2分）如圖所示，小球在A點由靜止開始釋放，向右側擺動。B點是小球擺動的最低點，C點是小球擺到右側最高點，且A、C兩點到B點的豎直距離hA＞hC．在小球從B點擺動到C點的過程中，下列說法正確的是（　　）

A．小球的機械能總量逐漸變小

B．小球運動狀態保持不變

C．小球的動能全部轉化為重力勢能

D．繩的拉力對小球做了功

【分析】①物體的運動狀態包括速度和方向兩個方面；

②動能和勢能合稱機械能，由于克服空氣阻力，一部分機械能會轉化為內能；

③做功包含兩個必要因素：有力作用在物體上，物體在力的方向上通過一定的距離。

【解答】解：

AC、小球從A到B的過程中，大部分重力勢能轉化為動能；從B到C的過程中，大部分動能轉化為重力勢能。由于與空氣有摩擦，擺動過程中部分機械能轉化為內能，所以機械能總量減少，動能也不可能全部轉化為重力勢能；故A正確，C錯誤；

B、小球擺動過程中運動方向不斷變化，速度不斷變化，也就是運動狀態在變化；故B錯誤；

D、細繩對小球有拉力，但小球在拉力的方向上沒有移動距離，所以細繩的拉力對小球不做功；故D錯誤。

故選：A。

【點評】此題考查了動能與勢能的轉化及運動狀態的改變。需要清楚的是，不考慮空氣阻力，機械能是守恒的；由于克服空氣阻力，機械能總量是減少的。

11．（2分）以下做法中，符合安全用電原則的是（　　）

A．熔絲熔斷后，用銅絲來代替

B．將家用電器的金屬外殼接地

C．用濕布擦抹電器

D．小區停電，不切斷總開關就進行電路維修

【分析】根據安全用電的原則分析判斷，注意：

A、保險絲在電路中的作用；

B、若家用電器內部火線絕緣皮破損或失去絕緣性能，致使火線與外殼接通，外殼就帶電，人體接觸外殼等于接觸火線，就會發生觸電事故；如果把外殼用導線接地，即使外殼帶了電，電流也會從接地導線流走，人體接觸外殼就沒有危險。

C、生活用水是導體；

D、不切斷電源，萬一來電會怎樣？

【解答】解：A、保險絲是由電阻率大、熔點低的鉛銻合金制成的，當電路中有過大電流通過時，保險絲發熱自動熔斷，切斷電路，從而起到保護電路的作用，如果用銅絲代替，因銅絲的熔點高，就起不到保護電路的作用，故A錯；

B、將家用電器的金屬外殼接地，即使外殼帶了電，電流也會從接地導線流走，人體接觸外殼就沒有危險，故B正確；

C、用濕布擦抹電器，水是導體，會使人觸電，故C錯；

D、停電時，進行電路維修，必須斷開總開關，否則萬一來電，人會觸電，故D錯。

故選：B。

【點評】本題考查了學生對安全用電原則的了解與掌握，平時學習時多了解、多積累，加強安全意識，學好電、用好電！

12．（2分）圖示電路中，電源為恒流源，能始終提供大小恒定的電流，R0為定值電阻，移動滑動變阻器R的滑片，則下列表示電壓表示數U、電路總功率P隨電流表示數I變化的關系圖線中，可能正確的是（　　）

A．????????????? B．????????????? C．????????????? D．

【分析】由圖R0與R并聯，電壓表測電源電壓，電流表測R支路的電流。

電源提供電流一定，根據并聯電路特點分別表示出U與I和P與I的表達式，分析判斷即可。

【解答】解：

由圖R0與R并聯，電壓表測電源電壓，電流表測R支路的電流。

若電源提供的電流恒定為I總，

AB、根據并聯電路特點可知：

U=U0=I0R0=（I總﹣I）R0=﹣IR0+I總R0，

其中I總、R0為定值，由U=﹣R0I+I總R0，可知U與I的圖象為一次函數，且﹣R0＜0，故AB錯誤；

CD、由電功率的計算公式：

電路消耗總功率：P=UI總=（I總﹣I）R0×I總=﹣I總R0I+I總2R0，

其中I總、R0為定值，由P=﹣I總R0I+I總2R0，可知P與I的圖象為一次函數，﹣I總R0＜0，且I不能為0，P不會為0，故D正確，C錯誤。

故選：D。

【點評】本題考查并聯電路的特點和歐姆定律、電功率公式的應用，要抓住電源是恒流源，關鍵是得出U與I和P與I的表達式，利用數學知識分析判斷它們之間的關系。

二、填空題（本題共9小題，每空1分，共27分）

13．（2分）“蟬噪林逾靜，鳥鳴山更幽”詩句中，“蟬”和“鳥”叫聲的區分依據的是聲音的　音色　不同；茂密的森林有吸聲和消聲的作用，是在　傳播過程中　控制噪聲。

【分析】（1）聲音是由物體的振動產生的；音色反映的是聲音的品質與特色，它跟發聲體的材料和結構有關。

（2）減弱噪聲的途徑有三個，即在聲源處減弱噪聲、在人耳處減弱噪聲、在傳播過程中減弱噪聲；

【解答】解：“蟬噪林逾靜，鳥鳴山更幽”詩句中，“蟬”和“鳥”叫聲的區分依據的是聲音的音色判斷的；在茂密的森林有吸聲和消聲的作用，這是在傳播過程中減弱噪聲；

故答案為：音色；傳播過程中

【點評】該題考查了同學們對音色的理解和減弱噪聲方式的應用，是一道基礎題。

14．（5分）今年4月4日高郵的首屆油菜花節盛大開幕，漫水公路北側的油菜花盛開，吸引了無數游客。

（1）游客漫步在花海中，穿行于河道間，田埂上“香氣襲人知晝暖”，“香氣襲人”是　擴散　現象。詩句表明了分子運動的劇烈程度與　溫度　有關。

（2）蜜蜂在花叢中飛舞，以蜜蜂為參照物，花是　運動　的（選填“運動”或“靜止”）。人們能聽到蜜蜂飛舞的聲音，卻聽不到蝴蝶飛來這是由于兩種昆蟲翅膀振動的　頻率　不同

（3）游客拍攝照片的照相機鏡頭可用來矯正　遠　（填“近”或“遠”）視眼。

【分析】（1）一切物質的分子都在不停地做無規則運動，且溫度越高，分子運動越劇烈；

（2）運動和靜止是相對的，選擇的參照物不同，物體的運動狀態會有所不同；

人耳能聽到的聲音在20Hz到20000Hz之間，超出這個范圍的聲音，人耳是聽不到的；

（3）凸透鏡成倒立、縮小的實像，U＞2f，應用于照相機和攝像機。凸透鏡能夠使光線會聚。遠視眼是像成在了視網膜的后方，遠視要用凸透鏡來矯正。

【解答】解：

（1）田埂上“香氣襲人知晝暖”，聞到花香這是因為分子不停地做無規則的運動，運動到空氣中被人們聞到了香味，這種現象叫擴散現象；“知晝暖”是因為分子運動的劇烈程度與溫度有關；

（2）以蜜蜂為參照物，花相對于蜜蜂的位置發生了變化，所以花是運動的；

人耳能聽到的聲音在20Hz到20000Hz之間，蝴蝶飛行發出的聲音，超過人耳能聽到的頻率范圍，所以無法聽到，但蜜蜂飛行時發出的聲音，在人耳能聽到的頻率范圍，能聽到蜜蜂飛行時發出的聲音，這是因為它們翅膀振動的頻率不同引起的；

（3）照相機的鏡頭是凸透鏡，利用了凸透鏡能成倒立縮小的實像，凸透鏡對光線有會聚作用；

遠視眼成因：眼球晶狀體的曲度過小，遠處物體反射來的光線通過晶狀體折射后形成的物像，就會落在視網膜的后方造成遠視眼。遠視矯正方法，需佩戴凸透鏡。

故答案為：（1）擴散；溫度；（2）運動；頻率；（3）遠。

【點評】此題考查參照物的選擇、擴散現象和眼睛的矯正，由于分子的體積很小，分子的運動無法用肉眼直接看到，但可以通過氣味、顏色的變化來體現。

15．（3分）小明在探究利用杠桿做功的實踐活動中，所用的杠桿是一根質量均勻、重為5N的硬棒，他將棒的一端固定，把重為15N的物體掛在棒的中點，然后用手緩慢豎直向上提起棒的另一端，如圖所示，若把物體提升了10cm，則小明作用在杠桿上的拉力是　10　N，此過程中杠桿的機械效率是　75%　。保持拉力方向不變，讓重物繼續勻速上升，則拉力大小將　不變　（變大/變小/不變）

【分析】（1）杠桿質地均勻，杠桿重5N作用在杠桿重心上，物體的重力也作用在杠桿重心上，拉力要克服這兩個力，知道動力臂和阻力臂的關系，求出動力大小；

（2）使用任何機械都不省功，動力是阻力的二分之一，動力移動的距離是阻力移動距離的2倍，求出有用功和總功，求出杠桿的機械效率；

（3）如圖杠桿在水平位置時杠桿平衡，根據杠桿平衡條件列出等式，求出F．杠桿在勻速提起的過程中，根據杠桿平衡條件列出等式，求出F．比較前后兩次F的大小可以得到解決。

【解答】解：15N的物體和5N杠桿的重作用在杠桿中點上，動力豎直作用在杠桿的末端，動力臂是阻力臂的2倍，所以動力是阻力的二分之一，

所以F=（G+G桿）=（15N+5N）=10N。

使用任何機械都不省功，動力是阻力的二分之一，動力移動的距離是阻力移動距離的2倍，

有用功：W有=Gh=15N×h，

總功：W總=Fs=10N×2h，

機械效率：η===75%；

將杠桿從A位置勻速提升到B位置的過程，如圖所示：

杠桿在水平位置時，杠桿平衡，根據杠桿平衡條件得F×OA=G×OC，

則動力：F=G﹣﹣﹣﹣﹣﹣①，

當杠桿勻速提起的過程中，杠桿平衡，根杠桿平衡條件得F'×OA′=G×OC'，

此時的動力：F'=G﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②，

由于OB=OA，且△OBA'∽△OCC'，

根據相似三角形的性質可得：==，

所以，F=F'。

即：將杠桿從A位置勻速提升到B位置的過程中，則F的大小將不變。

故答案為：10；75%；不變。

【點評】本題主要考查了功的原理、機械效率、杠桿平衡條件等重要知識點。

16．（3分）小明用彈簧測力計、圓柱體、兩個相同的圓柱形容器，分別裝有一定量的水和鹽水，對浸在液體中的物體所受的浮力進行了探究，其裝置和彈簧測力計示數如圖所示。

（1）分析圖甲、乙、丙，說明浮力的大小與　物體排開液體的體積　有關。

（2）為了探究浮力大小與物體浸沒在液體中的深度有無關系，可選用　丙、丁　圖的裝置來進行操作。

（3）圓柱體浸沒在水中時受到的浮力是　4　N．（g取l0N/kg）

【分析】（1）分析圖示實驗，根據實驗控制的變量與實驗現象得出實驗結論。

（2）探究浮力與物體浸入液體深度的關系，應控制液體密度與物體排開液體的體積相同而物體浸沒在液體中的深度不同，分析圖示實驗，然后答題。

（3）物體的重力與測力計拉力之差是物體受到的浮力，根據浮力公式求出物體的體積。

【解答】解：（1）由圖甲、乙、丙所示實驗可知，液體的密度相同而排開液體的體積不同，物體受到的浮力不同，由此可知，浮力大小與物體排開液體的體積有關。

（2）探究浮力與物體浸入液體深度的關系，應控制液體密度與物體排開液體的體積相同，而物體浸沒在液體中的深度不同，由圖示實驗可知，圖丙、丁所示實驗中物體排開液體的密度、物體排開液體的體積相同而物體浸沒在液體中的深度不同，可以選用圖丙、丁所示實驗探究浮力大小與物體浸沒在液體中的深度有無關系。

（3）由圖甲、丙所示實驗可知，圓柱體浸沒在水中時受到的浮力：

F浮=G﹣F=5N﹣1N=4N；

故答案為：（1）物體排開液體的體積；（2）丙、丁；（3）4。

【點評】本題考查了探究影響浮力大小因素實驗、求物體的體積與密度問題，要掌握稱重法測浮力的方法、應用浮力公式即可解題，應用控制變量法是正確解題的關鍵。

17．（3分）如圖所示，重為5N的物體A在8牛的水平壓力作用下靜止在豎直墻壁上，物體A所受的摩擦力為　5　N，方向　豎直向上　。當水平力減小為原來的一半，物體A恰好沿豎直墻壁勻速下滑，則物體A受到的摩擦力為　5　N。

【分析】當物體靜止或勻速直線運動時，所受的力是平衡力。根據平衡力的概念，對物體進行受力分析。

【解答】解：物體靜止時，摩擦力與重力平衡，所以摩擦力等于重力等于5N，重力豎直向下，摩擦豎直向上。

物體勻速下滑時，摩擦力與重力仍是平衡力，摩擦力等于重力等于5N。

故答案為：5；豎直向上；5。

【點評】本題考查學生對二力平衡條件的掌握情況，關鍵理解平衡狀態，正確分析問題所受的平衡力。

18．（3分）有一種“渦輪增壓”（T型）轎車，通過給發動機更足量的空氣使汽油更充分地燃燒，比普通轎車（L型）更節能，排氣更清潔。同樣的汽油加在T型轎車內比加在L型轎車內熱值　一樣大　（填“更大”或“一樣大”或“更小”）；如果散熱器中裝有10kg 20℃的水，在溫度升高50℃的過程中，水吸收的熱量是　2.1×106　 J；（c水=4.2×103J/（kg?℃））。散熱器中用水做冷卻液而不用其它液體是因為　水的比熱容大　。

【分析】（1）熱值是燃料的特性，與燃燒情況無關；

（2）知道水的質量、水的比熱容、水溫度的變化，利用吸熱公式求水吸收的熱量。

（3）根據吸收熱量的公式Q=Cm△t，質量相等的甲、乙液體，吸收相同的熱量，溫度升高的就小，比熱容大的，就更適合做冷卻液。

【解答】解：

（1）熱值是燃料的特性，與燃燒情況無關；因此同樣的汽油加在T型轎車內比加在L型轎車內熱值一樣大；

（2）水吸收的熱量：

Q吸=cm△t=4.2×103J/（kg?℃）×10kg×50℃=2.1×106J。

（3）因為水的比熱容大，相同質量的水和其它物質比較，升高相同的溫度，水吸收的熱量多，所以散熱器中用水做冷卻液而不用其它液體。

故答案為：一樣大；2.1×106；水的比熱容大。

【點評】此題主要考查的是學生對天然氣燃料熱值的理解和掌握，并能熟練的運用熱量公式進行計算是解決該題的關鍵。此題還考查學生對水的比熱容大的特點及應用，體現了從物理走向生活的教學思想。

19．（3分）根據如表所提供的數據（1標準大氣壓下）可知：

（1）80℃的酒精是　氣　態；

（2）在北方寒冷的季節里，最低氣溫可達﹣50℃，此時應選用　酒精　選填“酒精”或“水銀”）做溫度計的測溫液體。這是因為　在﹣50℃的環境里水銀為固體　。

【分析】（1）當物質溫度高于沸點時，為氣態；當物質的溫度介于熔點和沸點之間時，為液態；

（2）根據酒精的凝固點和水銀的凝固點，結合北方的最低氣溫﹣50℃，就可以判斷出選擇什么溫度計。

【解答】解：

（1）因為酒精的沸點是78℃，所以80℃時，酒精處于氣態；

（2）酒精的凝固點是﹣117℃，水銀的凝固點是﹣39℃，在﹣50℃的環境里，酒精為液態，水銀為固體，因此選擇酒精溫度計。

故答案為：（1）氣；（2）酒精；在﹣50℃的環境里水銀為固體。

【點評】本題主要考查溫度計的原理，以及物體的狀態與凝固點和沸點的關系。是中招的熱點。

20．（2分）如圖所示，電壓U保持不變，在A、B之間先接入一個“6V 3W”的燈L1時，燈L1能正常發光，此時電流表的示數是　0.5　A；在A、B之間換接一個“6V 6W”的燈L2之后，燈L2的實際功率　小于　 6W（選填“大于”或“等于”或“小于”）。

【分析】（1）串聯電路處處電流相等，根據P=UI的變形公式即可求出電流表的示數；

（2）先判斷該燈泡電阻的變化，然后根據串聯電路電壓的特點判斷AB兩端電壓的范圍，然后確定燈L2的實際功率。

【解答】解：（1）因為電阻和燈L1串聯，所以電流表的示數等于燈L1的額定電流，由P=UI可得，電流表的示數：I===0.5A；

（2）由R=可得，L2的電阻小于L1的電阻，由于串聯電路起分壓作用，所以燈泡L2兩端電壓將小于6V，因此實際功率小于額定功率6W。

故答案為：0.5；小于。

【點評】此題主要考查歐姆定律的應用和電功率的計算、實際功率等知識點，綜合性較強，有點難度，屬于中檔題。

21．（3分）如圖甲是小明探究“電流一定時，電壓與電阻關系”的實驗電路圖。已知電源電壓U=15V，滑動變阻器上標有“20Ω? 3A”（實際最大阻值略小于20Ω），實驗中所用的四個定值電阻分別為5Ω，10Ω，15Ω，20Ω。

（1）電流表的量程應選　0～3　A。

（2）小明實驗時嘗試在ab間接入5Ω、10Ω、15Ω或20Ω電阻，并調節滑動變阻器，使電路中的電流控制在圖乙所示的數值不變。但他發現當ab間接　20　Ω電阻時，無論怎樣移動滑動變阻器的滑片，都不能得到實驗所要求的數據。

（3）為了使這四個電阻都能為實驗所用，電路中電流應改成控制在　0.7　A最合理。

【分析】（1）根據歐姆定律求出電路中的最大電流確定電流表的量程；

（2）根據歐姆定律求出電流表示數為0.8A時電路中的總電阻，即可判斷20Ω的電阻不符合實驗要求；

（3）當定值電阻為20Ω時，根據歐姆定律求出電路中的最大電流，當定值電阻的阻值為5Ω時，根據電阻的串聯和歐姆定律求出電路中的最小電流，然后結合電流表的分度值確定電路中控制的最合理電流。

【解答】解：（1）當定值電阻為5Ω，且滑動變阻器接入電路中的電阻為0時，電路中的電流最大，

根據歐姆定律可得，電路中的最大電流I===3A，所以電流表的量程為0～3A；

（2）由圖乙可知，電流表的分度值為0.1A，示數為0.8A；

電流表的示數為0.8A時，電路中的總電阻R===18.75Ω＜20Ω，

所以，當ab間接20Ω電阻時，無論怎樣移動滑動變阻器的滑片，都不能得到實驗所要求的數據；

（3）當定值電阻為20Ω時，電路中的最大電流Imax===0.75A，

當定值電阻為5Ω時，電路中的最小電流Imin===0.6A，

因滑動變阻器的實際最大阻值略小于20Ω，且電流表的分度值為0.1A，

為了使這四個電阻都能為實驗所用，電路中電流應控制在0.7A最合理。

故答案為：（1）0～3；（2）20；（3）0.7。

【點評】本題考查了電流表量程的選擇和電流表的讀數、串聯電路特點、歐姆定律的應用等，關鍵是會根據最大定值電阻接入電路中時電路中的最大電流和最小定值電阻接入電路中時最小電流以及電流表的分度值確定控制最合理的電流值。

三、解答題（本題共10小題，共49分，解答23、24題時應有解題過程）

22．（2分）如圖表示分別從凸透鏡的兩倍焦距和一倍焦距處射向透鏡的光線。請在圖中畫出它們通過透鏡后的光路（P是與透鏡距離等于2倍焦距的位置）。

【分析】（1）根據凸透鏡成像時，物體在二倍焦距處，所成的像是等大倒立的實像，像在二倍焦距處，所以過二倍焦距處的入射光線經凸透鏡折射后一定過另一側二倍焦距處，據此畫出左邊入射光線的折射光線；

（2）根據凸透鏡的特殊光線（過焦點的光線經凸透鏡折射后折射光線平行于主光軸）畫出過焦點的入射光線的折射光線。

【解答】解：過二倍焦距處的入射光線的折射光線通過凸透鏡另一側二倍焦距處；過焦點的入射光線的折射光線平行于主光軸，如圖所示：

【點評】本題考查了凸透鏡的兩條特殊光線。注意一倍焦點與二倍焦點的不同，且在光線上標出光線的傳播方向。

23．（2分）一個被按到水里的乒乓球放手后迅速上浮，請在圖中畫出球所受力的示意圖。

【分析】（1）水里的乒乓球受到重力和浮力兩個力的作用，重力的方向豎直向下，浮力的方向豎直向上；

（2）乒乓球上浮，根據物體的浮沉條件，浮力大于重力。

【解答】解：乒乓球上浮，浮力大于重力，浮力的方向豎直向上，重力的方向豎直向下，如下圖所示：

【點評】（1）重力的方向豎直向下，作用點在物體的重心；

（2）物體漂浮或懸浮時，重力等于浮力，物體上浮時，浮力大于重力，物體下沉時，浮力小于重力。

24．（2分）如圖所示，是小磁針的一端靠近條形磁體S極靜止時的情景，請在圖中的括號內標出小磁針的N、S極，并用箭頭標出條形磁體外部磁感線的方向。

【分析】根據小磁針的N、S極指向，利用磁極間的作用規律可以確定磁體的N、S極，進而可以確定磁感線的方向。

【解答】解：根據異名磁極相互吸引，同名磁極相互排斥，則小磁針的左上端是N極，右下端是S極。

因為在磁體外部，磁感線總是從N極發出，回到S極，所以磁感線的方向是指向右的。

故答案為：

【點評】此題主要考查了磁感線的特點，會判斷磁感線的方向是解決此類問題的關鍵。

25．（6分）如圖所示是某餐廳出現的一款餐飲機器人，可以為客人送上涼菜、主食等。

（1）送餐時，機器人在1min內沿直線勻速移動了15m，此過程中機器人運動的速度是多少m/s？

（2）機器人送餐時，總質量為42kg，它與水平地面接觸的總面積為100cm2，則它對地面的壓強是多少？（g取10N/kg）

【分析】（1）已知時間和路程，利用v=求解機器人運動的速度；

（2）水平面上的物體，對水平面的壓力大小與物體本身的重力相等，由p=求解它對地面的壓強。

【解答】解：（1）此過程中機器人運動的速度：

v===0.25m/s；

（2）機器人對地面的壓力：

F=G=mg=42kg×10N/kg=420N，

它對地面的壓強：

p===4.2×104Pa；

答：（1）機器人運動的速度為0.25m/s；

（2）機器人送餐時對地面的壓強是4.2×104Pa。

【點評】本題考查速度和壓強的計算，難度不大，關鍵是知道水平面上的物體，對水平面的壓力大小與物體本身的重力相等。

26．（6分）冬天，人們常用電熱毯來取暖。如圖所示，是某品牌電熱毯的等效電路，有高溫檔和低溫檔，低溫檔電功率為25W，已知電阻R=484Ω．求：

（1）開關S閉合時電熱毯處于　高溫　檔；

（2）電熱毯在低溫檔下工作1小時所消耗的電能；

（3）電阻R0的阻值。

【分析】（1）由電路圖可知，開關S閉合時，電路為R的簡單電路；開關斷開時，R與R0串聯，根據P=UI=可知，電壓一定時，電路中的電阻越小時，總功率越大，電熱毯處于高溫檔，反之處于低溫檔；

（2）根據W=Pt求出電熱毯在低溫檔下工作1小時所消耗的電能；

（3）開關斷開時，R與R0串聯，電路中的總電阻最大，電路的總功率最小，電熱毯處于低溫檔，根據P=UI=求出電路的總電阻，利用電阻的串聯求出電阻R0的阻值。

【解答】解：（1）由電路圖可知，開關S閉合時，電路為R的簡單電路，電路中的總電阻最小，

由P=UI=可知，電路中的總功率最大，電熱毯處于高溫檔；

（2）由P=可得，電熱毯在低溫檔下工作1小時所消耗的電能：

W=P低溫t=25W×3600s=9×104J；

（3）開關斷開時，R與R0串聯，電路中的總電阻最大，電路的總功率最小，電熱毯處于低溫檔，

此時電路的總電阻：

R總===1936Ω，

因電路的總電阻等于各分電阻之和，

所以，電阻R0的阻值：

R0=R總﹣R=1936Ω﹣484Ω=1452Ω。

答：（1）高溫；

（2）電熱毯在低溫檔下工作1小時所消耗的電能為9×104J；

（3）電阻R0的阻值為1452Ω。

【點評】本題考查了電功率公式和電功公式的應用，分清電熱毯處于不同檔位時電路的連接方式是關鍵。

27．（6分）如圖是小明探究凸透鏡成像規律的實驗過程，請完成實驗探究：

（1）如圖，從左到右分別放置蠟燭、凸透鏡和光屏，將三者中心調至　同一高度　。

（2）不斷改變蠟燭與凸透鏡間的距離，并移動光屏進行凸透鏡成像實驗，所得數據如表：

（3）由表可知，此凸透鏡的焦距為　10　cm

（4）成實像時，物距增大，像距　減小　（“增大”、“減小”或“不變”）

（5）實驗中隨著蠟燭燃燒，光屏上依然得到燭焰清晰的像，但光屏上像的位置卻偏高，為了使成在光屏上的像不偏高，則應向　下　（填“上”或“下”）調節凸透鏡。

（6）實驗中，屏上已成清晰的像，此時固定蠟燭，將透鏡換成一個焦距稍小的凸透鏡實驗，則屏需向　左　（填“左”或“右”）移動才能成清晰的像，此刻的像比換鏡前變　小　（填“大”或“小”）

【分析】（1）“研究凸透鏡成像規律”實驗時，使燭焰、凸透鏡、光屏的中心在同一直線上，并且在同一高度，燭焰的像才能呈現在光屏的中央；

（3）根據表中物距和像距的關系及成像情況判斷凸透鏡的焦距；

（4）根據物距與像距的關系即成像特點解答；

（5）光屏上像的位置卻偏高，為了使成在光屏上的像不偏高，則應向下調節凸透鏡；

（6）在成實像的情況下，物體到凸透鏡的距離相同時，凸透鏡的焦距越長，像到凸透鏡的距離就越長，像越大。

【解答】解：（1）凸透鏡、光屏在同一直線上，為了使像呈在光屏的中心，燭焰、凸透鏡、光屏的中心必須在同一高度；

（3）從表中數據可以看出，物距逐漸縮小，像距逐漸變大，當物距為10cm時，光屏上恰好不成像，即從焦點發出的光線經凸透鏡折射后平行射出，不能成像，所以焦距為10cm；

（4）凸透鏡成實像時，物距逐漸增大，像距逐漸變小，像逐漸變小；

（5）光屏上像的位置卻偏高，為了使成在光屏上的像不偏高，則應向下調節凸透鏡；

（6）將透鏡換成一個焦距稍小一點的凸透鏡實驗，像到凸透鏡的距離就越短，像變小，則屏需向左移動才能成清晰的像。

故答案為：（1）同一高度；（3）10；（4）減小；（5）下；（6）左；小。

【點評】本題主要考查了如何測量焦距，實驗注意事項以及凸透鏡的成像規律，并能根據實驗現象得出正確結論，能有效解決實驗中出現的問題。

28．（6分）下面是小紅同學測量合金塊密度的實驗，請你將實驗過程補充完整。

（1）她把天平放在水平臺上，發現指針偏向分度盤中線右側，馬上調節平衡螺母，你認為小紅在操作上的明顯錯誤是：　沒有把游碼移到標尺左端的零刻度處，便調節橫梁右端的平衡螺母　。改正錯誤后，若指針偏向分度盤中線的左側，她應該向　右　調節平衡螺母。

（2）如圖甲所示，用調好的天平測出合金塊的質量為　23.4　g。

（3）如圖乙、丙所示，用量筒測合金塊的體積，從而算出合金塊的密度為　2.34×103　kg/m3。

（4）實驗結束后，她還想測量一粒小花種子的密度，由于花種子很小，無法用天平和量筒直接測量它的質量和體積。但是善于觀察和思考的小紅發現花種子在水中下沉，而在濃鹽水中卻漂浮。她經過認真思考，配制了一種濃度恰當的鹽水，使花種子在其中懸浮…這樣，她就測出了花種子的密度。請你簡說她的測量方法　當花種子懸浮時只要測出此時鹽水的密度就等于花種子的密度　。

【分析】（1）根據天平的正確使用進行判斷：

把天平放在水平臺上，游碼移到標尺左端的零刻度；

調節天平的平衡螺母使天平的橫梁平衡，平衡螺母向上翹的一端移動；

物體放在天平的左盤，砝碼放在天平的右盤，使天平的橫梁重新平衡；

物體的質量等于砝碼的質量加游碼對應的刻度值。

（2）物體的質量等于砝碼的質量加游碼對應的刻度值。

（3）讀出水的體積、水和石塊的體積，求出石塊的體積，根據密度公式求出物體的密度。

（4）實驗中通過使種子懸浮在鹽水中，得出鹽水的密度跟種子的密度相等；從而可以計算出鹽水的密度，便等于種子的密度。

【解答】解：（1）由題意知，小紅將托盤天平放到水平臺上，沒有把游碼移到標尺左端的零刻度處，便調節橫梁右端的平衡螺母，明顯錯誤；應該是檢查游碼是否歸零后，再調節平衡螺母。

在調節過程中發現指針指在分度盤中線的左側，說明天平的右端上翹，他應將平衡螺母向上翹的右端移動。

（2）由圖甲知，刻度尺的分度值為0.2g，小石塊的質量：m=20g+3.4g=23.4g。

（3）由圖乙知，水的體積為60ml，水和合金塊的體積為70ml，則小石塊的體積為V=70ml﹣60ml=10ml=10cm3；

合金塊的密度：ρ===2.34g/cm3=2.34×103kg/m3；

（4）通過不斷改變鹽水的密度，最終使種子能在鹽水中懸浮，根據物體的浮沉條件，可得鹽水的密度等于種子的密度；

故答案為：（1）沒有把游碼移到標尺左端的零刻度處，便調節橫梁右端的平衡螺母；右；（2）23.4；（3）2.34×103；

（4）當花種子懸浮時只要測出此時鹽水的密度就等于花種子的密度。

【點評】此題是測量固體密度的實驗，考查了天平的調節、讀數、量筒的讀數及密度的計算，注意密度單位的換。

29．（3分）下面是小明利用吸管做的一些小實驗：

（1）如圖甲所示，用手堵住上端的管口，從水中提起吸管后發現吸管中有一段水柱，這是因為　大氣壓的作用　；

（2）把長約為12cm的飲料吸管A插在盛水的杯子中，另一根吸管B的管口貼靠在A管的上端。從B管右側向左吹氣，如圖乙所示，可以看到的現象是：吸管A中的水柱上升了，體現的物理知識是　流體流速越大，壓強越小　；

（3）吸管的下端塞入一些銅絲作為配重，并用石蠟將吸管的下端封閉起來，制成一個吸管密度計。將其分別豎直漂浮在不同液體中，如圖丙所示。則露出液面部分的長度越長，則液體的密度越　大　（選填“大”或“小”）。

【分析】（1）兩端開口的飲料管插入水中，管內外水面上方受到大氣壓的作用，所以內外液面將保持相平，用手堵住口的一端，管內水將在外界大氣壓的作用下不會掉下來；

（2）吸管和燒杯構成連通器，吹氣之前，吸管內和燒杯內液面相平。

當向B管吹氣時，A管上方的空氣流動速度增大，壓強減小，A管下方壓強不變，A管內的液體受到向上的壓強大，液面上升。

（3）密度計的質量一定，在液體中受力平衡，受到的浮力總是等于重力，排開液體的體積越小，浸入液體部分也越小，被測液體的密度越大，據此分析回答。

【解答】解：（1）當用手指堵住上端開口時，上端不再與大氣相通，下端受到大氣壓的作用，所以水不會從下端流出，吸管中有一段水柱。

（2）從B管右側向左吹氣，吸管A上方空氣的流速增大，壓強減小，A管中液體受到向上的壓強大于向下的壓強，液面上升。

（3）密度計是漂浮在液體中，所受浮力等于本身的重力，保持不變，如果越往上浮，則露出液面部分的長度越長，即密度計浸入液體中的體積越小，則液體的密度越大。

故答案為：（1）大氣壓的作用；（2）流體流速越大，壓強越小；（3）大。

【點評】此題考查大氣壓的綜合應用、流體壓強和流速的關系、物體浮沉條件及其應用，是一道綜合性較強的題目，密度計是物體的沉浮條件的實際應用，要結合阿基米德原理和沉浮條件分析有關問題：放入不同的液體，液體密度越大，排開體積越小，類似現象：輪船從江中駛入大海。

30．（7分）如表是小明測一滑輪組機械效率時收集的有關數據。

（1）請在圖中畫出實驗中滑輪組的繞繩方法；

（2）在實驗過程中，應沿豎直方向　勻速　拉彈簧測力計；

（3）表格中空缺的數據為　66.7%　

（4）分析表中數據可知：用同一滑輪組提升不同重物至同一高度，提升的物重增加時，所做的額外功　變大　，其中除克服動滑輪重所做的額外功外，其它額外功將　變大　（前兩空選填“變大”、“變小”或“不變”）。造成額外功大小變化的原因是　摩擦力增大　。

【分析】（1）知道物體和彈簧測力計移動的距離，求出繩子的段數，根據繩子的段數求出滑輪組的繞法。

（2）為了準確測量，在實驗過程中，應沿豎直方向勻速拉彈簧測力計；

（3）直接根據η==進行計算。

（4）滑輪組做的額外功為克服動滑輪重力和繩子間的摩擦力做的功，摩擦力與繩子間的拉力和接觸面的粗糙程度有關，因此提的物體越重，摩擦力越大，額外功也會變大。

【解答】解：（1）由表格中數據可知，物體上升的高度h=0.1m，而繩子自由端移動的距離為0.3m，s=3h，所以由3段繩子承擔物重，因此要從動滑輪繞起，如下圖所示：

（2）為了準確測量，在實驗過程中，應沿豎直方向勻速拉彈簧測力計；

（3）第三次實驗中，滑輪組的機械效率：η===≈66.7%；

（4）物體越重，每段繩子上承擔的物重越大，所以繩子與輪之間的摩擦也會越大，則所做的額外功變大，但克服動滑輪重所做的額外功不變，其它額外功增大；其原因為摩擦力增大。

故答案為：（1）如圖；（2）勻速；（3）66.7%；（4）變大；變大；摩擦力增大。

【點評】此題是測量滑輪組的機械效率，主要考查了有關滑輪組的組裝，一定要搞清繩端移動距離與物體上升高度之間的關系，同時要熟練掌握機械效率的計算公式：η==，同時要知道s=nh．還考查了影響滑輪組機械效率的因素。

31．（9分）同學們在“探究小燈泡的亮度與功率的關系”實驗中，所用電源電壓為6V，燈泡的額定電壓U0=3.8V，額定功率在1﹣1.5W的范圍內。

（1）按圖甲所示的電路圖，請你用筆畫線代替導線將圖乙的電路補充完整。

（2）小杜同學在實驗過程中，將滑動變阻器的滑片P緩慢向B端移動，小燈泡的實際功率將　變大　（選填“變大”、“變小”或“不變”）；同時觀察到小燈泡的亮度將變　亮　（選填“亮”或“暗”）。

（3）另一組的小張同學在實驗過程中發現電流表、電壓表示數如圖丙所示，此時電流表的示數是　0.2　A，電壓表的示數是　2　V，經分析造成這種現象的原因是　電壓表量程接錯，誤以為接的是0～15V，實際接了0～3V　。

（4）小張同學重新調整電路連接后，繼續探究小燈泡在額定功率時的亮度，但發現無法準確讀出額定電壓，他用第（3）小問中所測得數據先算出燈泡的電阻RL，再根據P0=計算燈泡的額定功率。按此方案算出燈的額定功率比真實值偏　大　（選填“大”或“小”），原因是　燈泡電阻隨溫度的變化而變化，題中所求電阻值RL與燈泡正常發光時的阻值不相等　。

【分析】（1）電流表、滑動變阻器與燈泡串聯，電壓表與燈泡并聯，根據燈泡的額定電壓確定電壓表的量程，滑動變阻器要接一上一下；

（2）由電路圖可知，燈泡與滑動變阻器串聯，電壓表測燈泡兩端的電壓，電流表測電路中的電流，根據滑片的移動可知接入電路中電阻的變化，根據歐姆定律可知電路中電流的變化和燈泡兩端的電壓變化，根據P=UI可知燈泡實際功率的變化，進一步判斷燈泡亮暗的變化。

（3）根據電流表所選量程可讀數，根據電壓表指針位置讀數，然后與電源電源比較即可知造成這種現象的原因；

（4）燈泡電阻隨溫度的變化而變化，題中所求電阻值RL與燈泡正常發光時的阻值不相等，根據P0=分析與真實值的差異。

【解答】解：（1）電壓表與燈泡并聯，燈泡的額定電壓為3.8V，所以應選擇0～15V量程；

滑動變阻器已接了上面一個接線柱，應再接下面一個接線柱，如圖所示：

（2）由電路圖可知，燈泡與滑動變阻器串聯，電壓表測燈泡兩端的電壓，電流表測電路中的電流，

當滑片P緩慢向B端移動的過程中，接入電路中的電阻變小，電路中的總電阻變小，

由I=可知，電路中的電流變大，即電流表的示數變大；

由U=IR可知，燈泡兩端的電壓變大，即電壓表的示數變大；

因燈泡的亮暗取決于實際功率的大小，所以，由P=UI可知，燈泡的實際功率變大，燈泡變亮。

（3）由圖可知，電流表所選量程為0～0.6A，則由指針位置可知，此時電流表的示數是0.2A，

由燈泡的額定電壓U0=3.8V，可知，電壓表應接0～15V，若接在0～15V量程，那么由指針位置可知，此時電壓為10V，而電源電壓為6V，所以沒有接在0～15V量程，接在0～3V量程，故此時電壓表的示數為2V，由此可知，電壓表量程接錯，誤以為接的是0～15V，實際接了0～3V；

（4）因為燈泡電阻隨溫度的變化而變化，題中所求電阻值RL與燈泡正常發光時的阻值不相等，

燈泡在額定電壓3.8V下的電阻比2V下的電阻要大，而算額定功率時是用2V時的電阻，所以RL偏小，根據P0=導致額定功率偏大，

故答案為：（1）見上圖；（2）變大；亮；（3）0.2；2；電壓表量程接錯，誤以為接的是0～15V，實際接了0～3V；

（4）大；燈泡電阻隨溫度的變化而變化，題中所求電阻值RL與燈泡正常發光時的阻值不相等。

【點評】本題考查了連接電路圖、歐姆定律的應用、串聯電路的特點，連接電路圖時，要注意電表量程的選擇，注意電表正負接線柱不要接反，第（4）小題有一定的難度，解題是時要注意認真分析。